Нули и полюса многомерной системы. Минимальная реализация, степень Макмиллана, столбцовая/строчная приведенность, передаточные нули, страница 3

                                                                                                 (в)

что равносильно утверждению: “z – ненаблюдаемое собственное значение”. Покажем это. Так как H = C(zI – A – BK)-1, то пару матриц С, (zI – A – BK) можно рассматривать как правое разложение, но не взаимно простое ввиду предыдущего неравенства. Следовательно, есть матрица R(s), не унимодальная и входящая в обе матрицы разложения, которая сокращается при вычислении H.

Таким образом, утверждение 1) можно сформулировать так: “для любого нуля z  существует обратная связь по состоянию К такая, что в системе нуль z оказывается ненаблюдаемым собственным значением”.

Формулы (б) эквивалентны:

,

т.е. z – неуправляемое собственное значение. Утверждение 2) формулируется так: для всякого нуля z существует обратная связь по выходу К такая, что в системе (с обратной связью!) z оказывается неуправляемым собственным значением.

Д о к а з а т е л ь с т в о утверждения 1). Покажем, что из формулы (а), равносильной (в), следует z Î Z[H]. Но (в) эквивалентно

,

т.е. z – нуль для Н: системная матрица при заданном z такова, что ранг ее понижен при векторе . Показали, что z Î Z[H].

Покажем, что из z Î Z[H] следует (а). Пусть z Î Z[H]. Тогда rkP(z)<n + +min(n0,ni). Следовательно, существуют такие х0, u0, что

                                            .                                                   (г)

Так как [А, В, С, 0] - минимальная реализация, то rk B = ni (кстати, rk C = n0) откуда    $ Bl такая, что BlB = . Из (г) найдем:

                                               (zI – A)x0 + Bu0 = 0.                                                     (д)

Умножим слева на Bl: Bl(zI – A)x0 + u0 = 0. Обозначим Bl(zI – A) через К (z - число!). Получим , откуда . Найденное u0 подставим в (д):  . Это равносильно (А + ВК)х0 = zх0. Из (г) сразу же следует Сх0 = 0. Соотношения формулы (а) доказаны.

S55.  Пусть . Нули и полюса Н на бесконечности (poles and zeros at infinity) – это нули и полюса отображения l ® Н(l-1) при l = 0. Например отображение l ® l-1 дает соответствие: l = 0 ® l-1= ¥.

$16.  Показать справедливость:

1)  если - невырожденная и столбцово приведенная полиномиальная матрица, то D не имеет нулей в бесконечности;

2)  пусть . Н правильная тогда и только тогда, когда Н не имеет полюсов в ¥;

3)  пусть - невырожденная. D не имеет нулей в бесконечности тогда и только тогда, когда  правильная.

S56.  Пусть . Максимальная степень миноров всех порядков матрицы D называется степенью Макмиллана (McMillan degree) и обозначается .

S57.  - допустим, невырожденная полиномиальная матрица. В этом случае D не имеет нулей в ¥ тогда и только тогда, когда степень определителя матрицы D равна степени Макмиллана.

                                                                                                      (а)

$17.  У матрицы

равенство (а) из S57 не выполняется, следовательно, D имеет нули в ¥.

S58.  Пусть  – столбцово приведенная (colomn reduced), где D, RÎ, D – невырожденная (nonsingular), R – унимодальная. Тогда D не имеет нулей в ¥ (D правильная !) тогда и только тогда, когда .

Доказательство несложно. Из определения D1 имеем , т.е.  - правое разложение передаточной функции . Если воспользоваться S41, получим, что  правильная, откуда (см. $$16, 3) следует, что D – правильная и искомое утверждение доказано.

S59.   - так обозначим изображение передаточной функции. Пусть . Тогда существует управление

                                                                                                       (а)

такое, что

где оригинал  равен

                       .                       (б)

Здесь  – k-я производная дельта-функции и в изображениях (а) имеет вид . Можно сказать, что управление u(t) (а) ²создает² начальные условия для  такие, что при  имеет место (б).

Д о к а з а т е л ь с т в о. Найдем правое взаимно простое разложение  матричной передаточной функции . Тогда

                                                                                                        (в)

имеет полный столбцовый ранг. Если р – полюс , тогда . Следовательно, существует  такое, что

                                                                     .                                                      (г)

Из (в) и последнего равенства имеем . Управление выберем . Ввиду (г) . При выбранном управлении выход

.

Если второй член обозначить через  и прейти к оригиналам, получим (б).